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8．“神舟 w ww.ks 5u.c om六號飛船發(fā)射升空后不久.將在離地面某一高度上沿著圓軌道運行.運行中需要進行多次“軌道維持 .所謂“軌道維持 就是通過控制飛船上發(fā)動機的點火時間和推力的大小.方向.使飛船能保持在預定軌道上穩(wěn)定運行.如果不進行軌道維持.由于飛船受軌道上稀薄空氣的摩擦阻力.軌道高度會逐漸降低.在這種情況下飛船的動能.重力勢能和機械能的變化情況將會是( )A．重力勢能逐漸減小.動能逐漸增大 B．重力勢能逐漸減小.機械能不變C．重力勢能逐漸增大.動能逐漸減小 D．動能逐漸增大.機械能逐漸減小 【查看更多】

 

題目列表(包括答案和解析)

如圖w ww.ks 5u.c om所示，Q1、Q2帶等量正電荷，固定在絕緣水平面上，在其連線上有一光滑絕緣桿，桿上套一帶正電的小球，桿所在的區(qū)域存在一個勻強磁場，方向如圖所示，小球重力不計�，F(xiàn)將小球從圖示位置由靜止開始釋放，在小球運動過程中，下列說法中正確的是（     ）

A．小球所受的洛倫茲力大小變化，但方向不變

B．小球的加速度將不斷變化

C．小球所受洛倫茲力將不斷變化

D．小球速度一直增大

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關于質(zhì)點，下列說法中正確的是(        )w ww.ks 5u.c om

A．研究微小的灰塵時，灰塵一定可以看成質(zhì)點

B．計算火車通過南京長江大橋的時間，火車可以看成質(zhì)點

C．研究地球繞太陽公轉(zhuǎn)時，地球可以看成質(zhì)點

D．研究體操運動員在空中的動作時，運動員可以看成質(zhì)點

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如圖w ww.ks 5u.c om所示，Q1、Q2帶等量正電荷，固定在絕緣水平面上，在其連線上有一光滑絕緣桿，桿上套一帶正電的小球，桿所在的區(qū)域存在一個勻強磁場，方向如圖所示，小球重力不計�，F(xiàn)將小球從圖示位置由靜止開始釋放，在小球運動過程中，下列說法中正確的是（    ）

A．小球所受的洛倫茲力大小變化，但方向不變
B．小球的加速度將不斷變化
C．小球所受洛倫茲力將不斷變化
D．小球速度一直增大

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衛(wèi)星電話w ww.ks 5u.co m在搶險救災中能發(fā)揮重要作用。第一代、第二代海事衛(wèi)星只使用靜止軌道衛(wèi)星，不能覆蓋地球上的高緯度地區(qū)。而第三代海事衛(wèi)星采用同步和中軌道衛(wèi)星結合的方案，解決了覆蓋全球的問題。它由4顆同步衛(wèi)星與12顆中軌道衛(wèi)星構成。中軌道衛(wèi)星高度約為地球半徑的2倍，分布在幾個軌道平面上(與赤道平面有一定的夾角)。地球表面處的重力加速度為g，則中軌道衛(wèi)星處的重力加速度約為（  ）

A．g/4            B．g/9            C．4g            D．9g

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如圖w ww.k s5u.c om所示，邊長為L的正方形線圈abcd，其匝數(shù)為n，總電阻為r，外電路的電阻為R，ab的中點和cd的中點的連線OO/ 恰好位于勻強磁場的邊界線上，磁場的磁感應強度為B，若線圈從圖示位置開始，以角速度繞OO/ 軸勻速轉(zhuǎn)動，則以下判斷中正確的是

A．閉合電路中感應電動勢的瞬時表達式e = nBL2ωsinωt

B．在t = 時刻，磁場穿過線圈的磁通量為零，但此時磁通量隨時間變化最快

C．從t =0 時刻到t = 時刻，電阻R上產(chǎn)生的熱量為Q =

D．從t =0 時刻到t = 時刻，通過R的電荷量q =

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1.C 2.A 3.A 4.C 5.B 6.AD 7.AC 8.AD 9.BC

10．（1）BCD

(2)(1) A　，C　　　　�。�2）　9.58　　　　

（3）不合理．由于阻力的存在，第（2）問中求得的結果不是當?shù)氐闹亓铀俣�，不能用它來計算重力勢能的改變量．�?/p>

11．(1)A D E G H(2分)

 (2)b (1分)  實物連接如下圖(2分)

(3)2.4 (3分)；1.27×10―6 ?m(3分．答1.25×10-6~1.30×106?m均按正確．)

<blockquote id="rgivq"><p id="rgivq"></p></blockquote>
        <legend id="rgivq"></legend>
      
   
      
    
    
      
    
        
（2）解：作出光路如圖
             由折射定律得（2分）
             
             所以r=30°（2分）
             由圖知
             則AB―AC=d?tan30°=d
             出射光線與入射光線間的距離是d（2分）
      12-C（1）BCDGH（6分，全對得6分，不全對的每對一項得1分，錯一項扣1分，錯2項扣3分，錯3項本題不得分，本題不得負分）
         （2）①A、B相碰滿足動量守恒（1分）
             得兩球跟C球相碰前的速度v1=1m/s（1分）
             ②兩球與C碰撞同樣滿足動量守恒（1分）
             得兩球碰后的速度v2=0.5m/s，
             兩次碰撞損失的動能（2分）
             （1分）
      14. 解：
      （1）mgsinα=BILcosα ………………2分
      解得：I=1A             
 ………1分
       (2) I=             
  ……2分
      解得：v=25m/s                         ……2分
      (3) PQ=I2R=4.5W                         ……1分
      PG=mgvsinα=6W           ……1分
      重力勢能的減少量，一部分轉(zhuǎn)化成電能，以焦耳熱的形式釋放，另一部分給電源充電。
      15. 解：
      （1）撤去F前，根據(jù)牛頓第二定律，有：
          金屬塊：                                                              …………（2分）
          平板車：                                              …………（2分）
          從給車一個向右的水平恒力到剛撤去該力的過程，平板車與金屬塊發(fā)生的位移滿足關系：                                         …………（2分）
          即：
          解得：                                                                     …………（2分）
          所以：                                                         …………（2分）
                                                                           …………（2分）
      （2）撤去F后，金屬塊在平板車的CB段滑動的過程，設最終的共同速度為v3，根據(jù)動量守恒，有：
                                                                         …………（3分）
          該過程系統(tǒng)機械能損失等于摩擦生熱，有：
                                         …………（3分）
          解得：