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如圖所示，均勻的金屬長方形線框從勻強磁場中以勻速V拉出，它的兩邊固定有帶金屬滑輪的導電機構，金屬框向右運動時能總是與兩邊良好接觸，一理想電壓表跨接在PQ兩導電機構上，當金屬框向右勻速拉出的過程中，已知金屬框的長為a，寬為b，磁感應強度為B，電壓表的讀數(shù)為（　�。�

A．恒定不變，讀數(shù)為BbV

B．恒定不變，讀數(shù)為BaV

C．讀數(shù)變大

D．讀數(shù)變小

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如圖所示，均勻的金屬長方形線框從勻強磁場中以勻速V拉出，它的兩邊固定有帶金屬滑輪的導電機構，金屬框向右運動時能總是與兩邊良好接觸，一理想電壓表跨接在PQ兩導電機構上，當金屬框向右勻速拉出的過程中，已知金屬框的長為a，寬為b，磁感應強度為B，電壓表的讀數(shù)為（ ）

A．恒定不變，讀數(shù)為BbV
B．恒定不變，讀數(shù)為BaV
C．讀數(shù)變大
D．讀數(shù)變小

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如圖所示，均勻的金屬長方形線框從勻強磁場中以勻速v拉出，它的兩邊固定有帶金屬滑輪的導電機構，金屬框向右運動時總是能與兩邊良好接觸，一理想電壓表跨接在PQ兩導電機構上，當金屬框向右勻速拉出的過程中，電壓表的讀數(shù)（金屬框的長為a，寬為b，磁感應強度為B）（ ）

A．恒定不變，讀數(shù)為	B．恒定不變，讀數(shù)為
C．讀數(shù)變大	D．讀數(shù)變小

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14.AD   15．C   16．AD   17.C

18.【答案】B

【解析】O點第一次達到正方向最大位移所需時間為T/4，因此波向前傳播的距離為λ/4，即OP、OP’為λ/4，因此P、P’兩點間距離為半個波長，但由于波是以O為波源向左右傳播的，左右對稱點振動總相同如圖c所示，A錯；波傳到Q’需要半個周期，而當Q’到達負向最大位移時又需3T/4，因此O點振動時間為5T/4，所走路程為cm，B正確；波動傳播的是振動的運動形式，質(zhì)點并不沿傳播方向向前傳播，C錯；同種波在同一介質(zhì)中傳播的速度是相同的，即v=λ/T=1m/s，當O質(zhì)點振動周期減為2s，則O第一次達到正方向最大位移的時間為0.5s，波向左、右傳播的距離為，P點還沒有振動，D錯。

19.【答案】A

【解析】光沿PO射到界面上時，同時發(fā)生了反射和折射，Ⅰ為直接反射的光，為復色光；折射進入玻璃的光由于折射率不同而發(fā)生色散，然后在玻璃板的下表面反射和兩次進入空氣的折射而成為Ⅱ、Ⅲ兩束，如圖所示，由圖可知，光束Ⅱ在玻璃中的折射率比光束Ⅲ大，所以光束Ⅱ、Ⅲ為單色光；由光路可逆可知，三束光彼此平行，A正確；當時，反射光與入射光重合，因此當α增大時，Ⅱ、Ⅲ光束靠近光束Ⅰ，B錯；由于光束Ⅱ在玻璃中的折射率比光束Ⅲ大，光Ⅱ的頻率比光Ⅲ高，所以光Ⅱ照射某金屬表面能發(fā)生光電效應現(xiàn)象，則光Ⅲ不一定能使該金屬發(fā)生光電效應現(xiàn)象，C錯；由于光路可逆，因此只要光能從上表面射入，則一定能以原角度從上表面射入空氣，不會發(fā)生全反射，D錯。

20.AC      20. BC

22.I（1）（9分，每問3分）。（a）115～120都對；（b）6．3×10－10m～6．5×10－10m；（c）

II.①用A₂替換A₁  (3分)

②實驗電路圖如圖    (3分)

 (3分，其它合理也得分)

23．（1）風突然停止，船體只受到水的阻力f做減速運動

        船體加速度大�。�

        ∴船體只受到水的阻力：

        帆船在勻速運動時受到風的推力和水的阻力而平衡，所以：

        帆船受到風的推力大�。�

   （2）（特別說明：沒有相應的估算過程，直接寫出空氣密度的不能得分）

        在單位時間內(nèi)，對吹入帆面的空氣（柱）應用動量定理有：

24．（18分）解析：                                                                             

 (1)粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，

  即 ……………………………………………………………… (2分)

  ………………………………………………………………………(1分)

  如圖所示，當粒子運動的圓軌跡與cd相切時上端偏離最遠，由幾何關系得：

  ……………………………………………………(2分)

  當粒子沿Sb方向射入時，下端偏離最遠，則由幾何關系得：

  ……………………………………………………(1分)

  故金箔cd被粒子射中區(qū)域的長度……………………(1分)

  (2)如圖所示，OE距離即為粒子繞O點做圓周運動的半徑r，粒子在無場區(qū)域作勻速直線運動與MN的相交，下偏距離為，則

  ．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．(2分)

  所以，圓周運動的半徑．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．(2分)

  (3)設粒子穿出金箔時的速度為，由牛頓第二定律

  ……………………………………………………………………(2分)

  粒子從金箔上穿出時損失的動能

    …………………………………(2分)

25解：⑴設Ｂ上升了h時繩子與水平方向的夾角為θ

cosθ＝＝0.8 ---------------------------①(1分)

此時Ａ、Ｂ的速度大小關系為

v_A＝ --------------------------------------②(1分)

Ａ下降的高度為Ｈ_１＝Ｌtgθ＝1.5m--------③(1分)

Ａ下降Ｂ上升過程中，Ａ、Ｂ組成系統(tǒng)機械能守恒：

ＭgH₁＝mgh+Mv_A²+mv_B² ---------------④(2分)

將①②③代入④可得線框Ｂ上邊剛進入磁場時的 速度v_B≈2.0m/s。------------------------------------(1分)

⑵根據(jù)v_A＝，當線框Ｂ勻速通過磁場的過程中，隨著θ的增大，物塊Ａ做變減速運動。------------------------------------------------------------------------------------------(3分)

⑶當線框Ｂ下邊剛離開磁場時，設繩子與水平方向

的夾角為θ′，

cosθ′＝≈ -----------------⑤(2分)

此時Ａ、Ｂ的速度大小關系為

v_A′＝=2m/s  ----------------------⑥(2分)

設從Ｂ開始上升起，Ａ下降高度為Ｈ₂，

則Ｈ₂=Ｌtgθ′=2.0m    ---------------------⑦(1分)

設線框Ｂ經(jīng)過勻強磁場時獲得的內(nèi)能Ｑ，整個過程

中，Ａ、Ｂ組成的系統(tǒng)能量守恒，有：

ＭgH₂＝mg(h+a+b)+Mv_A′²+mv_B²＋Ｑ------------------------------⑧(2分)

聯(lián)立⑤⑥⑦⑧并代入v_B≈2.0m/s的值，可求得：Ｑ＝4.46J ---------(2分)

班次_____學號_______姓名_______得分_________

物理答卷

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22(18分) ：

I（1）（a）______________(3分)

（b）_____________(3分)

（c）______________(3分)

II. ①_________________(3分)

② a 實驗電路圖如圖    (3分)

b_______________(3分)

23(16分)

24（18分）：

25（21分）：